2026年高考全国卷理综物理真题试卷及参考答案

设落地前瞬间皮球的动能为，下落过程根据机械能守恒可得 由于与地面碰撞，皮球动能损失了64%，则皮球反弹瞬间的动能为 上升过程根据机械能守恒可得 解得皮球反弹后可上升的最大高度为 故选D。

AB．中子衰变过程释放能量，存在质量亏损，即衰变前中子的质量大于衰变后所有产物（质子、电子、反中微子，反中微子质量近似为0）的质量之和，因此中子的质量大于质子与电子的质量之和，质子的质量必然小于中子的质量，故A正确，B错误； CD．根据衰变方程的电荷数守恒，左侧总电荷数为0，右侧质子电荷数为、电子电荷数为，因此反中微子的电荷数为0，既不等于质子的电荷量也不等于电子的电荷量，故CD错误。 故选A。

根据题意，设吊绳与竖直方向的夹角为，每根吊绳中张力为，由平衡条件有 解得 可知，当时，最小。 故选D。

根据理想气体状态方程可得 其中，，，， 可得 温度相同，内能相同，可知四个状态下气体内能相等的是状态a与状态d。 故选B。

从振动图像可知，t=0时波源从平衡位置向y轴正方向起振，因此波传播到的所有质点，起振方向都沿y轴正方向。经过一个周期T，波沿x轴正方向传播的距离为一个波长λ，此时最前端（x=λ处）的质点刚要开始振动，振动方向必然沿y轴正方向。对照一个周期的振动图像可知该波在时刻的波形图为先向下起伏、到达最低点、之后向上起伏到达最高点，且向上的起伏的最高点比向下起伏的最低点值大。 故选C。

AB．出舱的航天员，绕地球做匀速圆周运动，受到地球的万有引力提供所需的向心力，加速度为重力加速度，处于完全失重状态，故A正确，B错误； CD．在舱内的航天员万有引力全部提供向心力，处于完全失重状态，故C正确，D错误。 故选AC。

A．开关闭合瞬间，线圈P的电流从无到有，产生的磁场也从无到有，穿过线圈Q的磁通量突然增加，满足感应电流产生条件，Q中会产生感应电流，A正确； B．开关断开瞬间，线圈P的电流从有到无，产生的磁场也从有到无，穿过线圈Q的磁通量突然减小，Q中会产生感应电流，B错误； CD．开关闭合状态下，快速滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的阻值快速变化，线圈P的电流随之快速变化，它产生的磁场也发生变化，穿过Q的磁通量随之改变，因此线圈Q中会产生感应电流，C正确，D错误。 故选AC。

小球进入竖直平行板电场前做自由下落运动，进入电场瞬间的初速度方向是竖直向下的。进入电场后，小球同时受两个恒力：竖直向下的重力、水平方向的恒定电场力，因此合外力是恒定的恒力。由于进入电场瞬间水平分速度为0，轨迹在电场边界处的切线方向应与进入前的速度方向一致（即竖直向下），轨迹应是光滑的。竖直方向：初速度向下，同时重力提供向下的加速度，竖直分速度会持续增大；水平方向：初速度为0，在恒定电场力作用下做初速度为0的匀加速直线运动，水平分速度从0开始逐渐增大。因此小球的运动轨迹是曲线且向电场力方向偏转，由于不知道两金属板的电性，所以AB符合题意，CD不符合题意。 故选AB。

[1]弹性金属片的弹性形变程度由击打力度决定，击打力度越大，金属片获得的弹性势能越大，转化给球B的动能越多，因此球B被抛出时的水平初速度增大。 [2]改变抛出初速度、改变下落高度后两球始终同时落地，说明平抛运动在竖直方向的运动规律，和相同高度下自由落体的运动规律完全相同，因此二者竖直分运动一致。 [3]若球B抛出方向斜向下，它的竖直分初速度向下，竖直方向运动比自由下落的球A更快，会比A先落地；若球B斜向上抛出，它的竖直分初速度向上，会先向上运动再下落，总运动时间会比自由下落的A更长，因此会出现球A比球B早落地的情况。

[1]根据电路图连接实物图 [2]为保护电路，且滑动变阻器采用分压式接法，满足测量电路部分电压从零开始条件，则闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于M端。 [3]闭合开关S，将滑动变阻器滑片移动到适当位置。增加电阻箱接入电路的阻值，电路的总电阻增大，总电流减小，根据闭合电路欧姆定律并联电路两端增大，所以V1的示数增大 [4]对滑动变阻器左侧电阻，，可得增大 根据电流关系，增大，减小，所以减小 对电压表V1支路，，不变，增大，所以增大 根据电流关系，减小，增大，所以减小 对于电压表V2所在支路，，因不变，减小，所以减小，即V2的示数减小 [5]V2和电阻箱R串联，电流相等，串联电路电压与电阻成正比 整理得电压表的内阻值为 [6]根据图（c）可知电压表V2的示数为 [7]根据可得 [8]V1未调零导致测量值偏大，是准确值，因此的计算值比真实值偏大，代入 可得结果小于调零后的真实计算结果。

（1）设石块从抛出到落水所需时间为，抛出点距湖面的高度为，由运动学公式有 代入题给数据得 （2）设石块落水点到抛出点的距离为，石块的水平位移为，根据运动学公式和几何关系有 联立数据可得 （3）设声速的大小为，石块落水声传到石块抛出点所需的时间为，则 联立解得

（1）设线框加速度大小为，由图（b）可知当线框速度大小为时线框完全进入磁场，整个线框在磁场中运动时所受安培力为零，合力即拉力，大小为。根据牛顿第二定律得 可得线框加速度大小 设线框边长为，根据运动学公式有 联立解得线框边长 （2）图（b）斜线部分对应的运动过程中，线框所受安培力不为零，设相应过程中线框速度的大小为时，感应电动势为，感应电流为，安培力大小为。设磁感应强度大小为，则产生的电动势为 由闭合电路欧姆定律 线框做匀加速运动，合外力大小为，拉力大小为，则 其中 联立相关各式得 由图（b）知，时，代入上式解得磁感应强度大小为 设PQ边到达磁场上边缘时线框速度大小为，由图（b）知，时，可得 联立可得 设磁场区域宽度为，则 联立相关各式得磁场区域的宽度为 （3）设MN边到达磁场上边缘时线框速度大小为，此时拉力最大，根据运动学公式得 其中 联立相关各式得 将时代入 其中 联立可得的最大值为 设整个过程安培力的冲量大小为，由于线框始终做匀加速直线运动，运动时间 则的冲量大小等于图（b）中实线下的面积除以，根据动量定理得 由上图得出面积 再联立相关各式得